TL; DR: $ \ frac {V} {m} $ i $ \ text {dB} (\ mu V / m) $ są jednostkami dla natężenia pola pole elektryczne. Dla praktycznego zastosowania przejdź do końca!
Wyprowadzenie natężenia pola
Opłata punktowa $ q_1 $ generuje natężenie pola * o wartości $ E = \ frac {1} {4 \ pi \ varepsilon_0} {q_1 \ over r ^ 2} $ w odległości $ r $.
Wywodzi się to z prawa Coulomba, czyli $ F = \ frac {1} {4 \ pi \ varepsilon_0} {q_1q_2 \ over r ^ 2} $ dając siłę działającą na dwóch opłatach $ q_1 $ i $ q_2 $ w odległości $ r $. Można go przepisać jako
$ F = q_2 \ cdot \ frac {1} {4 \ pi \ varepsilon_0} {q_1 \ over r ^ 2} = q_2 \ cdot E $ lub odwrotnie $ E = \ frac {F} {q_2} $
Zatem z natężenia pola $ E $ możemy obliczyć siłę na ładunku testowym w wysokości q_2 $ przez pomnożenie.
Teraz dla jednostek. Jeśli mamy ładunek testowy $ q_2 = 1 \, C $, na który działa siła $ F = 1 \, N $, otrzymujemy natężenie pola $ E = \ frac {F} {q_2} = \ frac { 1 \, N} {1 \, C} = 1 \, \ frac {N} {A \ cdot s} = 1 \, \ frac {N \ cdot m} {A \ cdot s \ cdot m} = 1 \ frac {V} {m} $.
* Dla uproszczenia używam formy skalarnej i zakładam, że wszystkie kwoty mają ten sam znak i kierunek.
Decybel
Ale twoje pytanie dotyczyło $ \ text {dB} (\ mu V / m) $, ale jest to tylko transformacja numeryczna, aby uzyskać wartości, które są łatwiejsze do obliczenia w rzeczywistych zastosowaniach, ponieważ wartości są zwykle bardzo małe. $ 0 \, \ text {dB} (\ mu V / m) $ odpowiada $ 1 \ frac {\ mu V} {m} $, czyli 10 $ ^ {- 6} \ frac {\ mu V} {m} $ .
Jest to więc zwykła konwersja decybeli. Na przykład, aby uzyskać natężenie pola w $ \ frac {V} {m} $ za 45 $ \, \ text {dB} (\ mu V / m) $ obliczamy
$ E = 10 ^ { -6} \ frac {V} {m} \ cdot 10 ^ \ frac {45} {20} = 178 \ cdot 10 ^ {- 6} \ frac {V} {m} $
20, ponieważ $ E $ jest wielkością pola, a nie ilością mocy.
Od natężenia pola do mocy odbioru
Teraz wiemy, czym jest $ \ text {dB} (\ mu V / m) $. Jego główną zaletą jest to, że określa właściwości pola elektrycznego bez konieczności uwzględniania anteny odbiorczej lub odbiornika!
Niestety nie pomaga to zbytnio w transmisji radiowej, ponieważ zwykle to robimy nie odbiera z miernikami siły podłączonymi do ładunków sondy, ale antenami i odbiornikami ;-)
Ta transformacja w celu uzyskania mocy odbioru nie jest prosta, ponieważ bardzo zależy od anteny i innych parametrów, ale mogę podać przybliżone obliczenia. W tym celu potrzebujemy impedancji falowej w wolnej przestrzeni $ Z_0 = \ sqrt {\ frac {\ mu_0} {\ varepsilon_0}} $. Dzięki temu otrzymujemy gęstość mocy powierzchniowej w dalekim polu $ S = \ frac {E ^ 2} {Z_0} $.
A przy aperturze anteny lub efektywny obszar $ A_w $ czyli na przykład $ \ frac {\ lambda ^ 2} {4 \ pi} $ dla grzejnika izotropowego lub 0,1305 $ \, \ lambda ^ 2 $ dla dipol półfalowy, gdzie $ \ lambda $ jest długością fali, możemy obliczyć moc odbioru
$ P = S \ cdot A_w = \ frac {E ^ 2} {Z_0} \ cdot A_w $.
Pełny przykład
Powiedzmy, że chcemy oszacować jakość odbioru przemiennika DB0ZU w Zugspitze w Ohlstadt w odległości 30 $ \, \ text {km} $ z niezakłóconym widokiem na Zugspitze (z wyjątkiem krowy). Zakładamy moc promieniowania 1 $ \, W $ i częstotliwość 145 $ \, \ text {MHz} $ ($ \ lambda = 2,07 \, \ text {m} $).
Zgodnie z CRC-COVWEB otrzymujemy 45 $ \, \ text {dB} (\ mu V / m) $ w Ohlstadt. Spójrz powyżej, aby uzyskać obliczenia, aby uzyskać z tego 178 $ \ cdot 10 ^ {- 6} \ frac {V} {m} $. Następnie możemy obliczyć gęstość mocy powierzchniowej na
$ S = \ frac {E ^ 2} {Z_0} = \ frac {\ left (178 \ cdot 10 ^ {- 6} \ frac {V}) {m} \ right) ^ 2} {377 \, \ Omega} $ $ = 84 \, \ frac {pW} {m ^ 2} $
Zakładając, że otrzymamy z dipolem półfalowym bez dalszych strat otrzymujemy moc odbioru
$ P = S \ cdot A_w = 84 \ frac {pW} {m ^ 2} \ cdot 0.1305 \, \ lambda ^ 2 = 84 \ frac {pW} {m ^ 2} \ cdot 0.1305 \, (2,07 \, \ text {m}) ^ 2 $ $ = 4,6 \ cdot 10 ^ {- 11} W $ $ = - 73 \, \ text {dBm} $. To ładny sygnał S9 + 20 dB.
Dla promiennika izotropowego musimy zastąpić 0,1305 $ \ frac {1} {4 \ pi} $ i otrzymać $ -75 \, \ text { dBm} $. Ten wynik jest zgodny z kalkulatorem znalezionym tutaj.
Obliczanie skrótu
Wszystkie powyższe obliczenia można połączyć, uzyskując pojedyncza formuła.
$ P_r \, (\ text {dBm}) = E \, (\ text {dB} \ mu V / m) - 20 \ cdot \ log_ {10} \, \ , f \, (\ text {MHz}) - 77,2 $
A więc dla naszego przykładu:
$ P_r = 45 - 20 \ cdot \ log_ {10} (145) - 77.2 = -75 \, \ text {dBm} $.
Podejście to zostało zaczerpnięte z Christophera Hasletta, „Essentials of Radio Wave Propagation”, Cambridge University Press, 2008. Rozdział 2 zawiera również dodatkowe wyjaśnienia.
Porównanie z utratą ścieżki w wolnej przestrzeni
Zamiast używać narzędzia CRC-COVWEB, możemy również oszacować tę moc odbioru izotropowego promiennika za pomocą model utraty ścieżki w wolnej przestrzeni.
$ \ mbox {FSPL (dB)} = 20 \ log_ {10} (d) + 20 \ log_ {10} (f) + 20 \ log_ {10} \ left (\ frac {4 \ pi} {c} \ right) $
Ponieważ nie ma przeszkód między Zugspitze i Ohlstadt, wynik powinien być dość podobny. I faktycznie,
$ \ mbox {FSPL (dB)} = 20 \ log_ {10} (30 \, \ text {km}) + 20 \ log_ {10} (145 \, \ text {MHz}) + 20 \ log_ {10} \ left (\ frac {4 \ pi} {c} \ right) = 105 \, \ text {dB} $
$ 1 W = 30 \, \ text {dBm} $, więc moc odbioru wynosi -75 $ \, \ text {dBm} $.